A
题解
知识点：模拟。
时间复杂度 \(O(n)\)
空间复杂度 \(O(n)\)
代码
#include <bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
bool solve() {
string a, b;
cin >> a >> b;
if (a.back() != b.back()) {
if (a.back() > b.back()) cout << '<' << '\n';
else if (a.back() == b.back()) cout << '=' << '\n';
else cout << '>' << '\n';
}
else if (a.back() == 'S') {
if (a.size() > b.size()) cout << '<' << '\n';
else if (a.size() == b.size()) cout << '=' << '\n';
else cout << '>' << '\n';
}
else if (a.back() == 'L') {
if (a.size() > b.size()) cout << '>' << '\n';
else if (a.size() == b.size()) cout << '=' << '\n';
else cout << '<' << '\n';
}
else cout << '=' << '\n';
return true;
}
int main() {
std::ios::sync_with_stdio(0), cin.tie(0), cout.tie(0);
int t = 1;
cin >> t;
while (t--) {
if (!solve()) cout << -1 << '\n';
}
return 0;
}
B
题解
知识点：构造。
除了 \(n = 3\) ，其余取末尾两个倒放在前面，然后从 \(1\) 按顺序即可。
时间复杂度 \(O(n)\)
空间复杂度 \(O(n)\)
代码
#include <bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
bool solve() {
int n;
cin >> n;
if (n == 3) return false;
cout << n << ' ' << n - 1 << ' ';
for (int i = 1;i <= n - 2;i++) cout << i << ' ';
cout << '\n';
return true;
}
int main() {
std::ios::sync_with_stdio(0), cin.tie(0), cout.tie(0);
int t = 1;
cin >> t;
while (t--) {
if (!solve()) cout << -1 << '\n';
}
return 0;
}
C
题解
知识点：枚举。
暴力枚举可能的第一段作为基准划分，找到合法划分的中段的最大值，取所有合法的最小值。
时间复杂度 \(O(n^2)\)
空间复杂度 \(O(n)\)
代码
#include <bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
int a[2007];
bool solve() {
int n;
cin >> n;
for (int i = 1;i <= n;i++) cin >> a[i], a[i] += a[i - 1];
int mi = n;
for (int i = 1;i <= n;i++) {
int tag = a[i] - a[0];
int l = i + 1, r = i + 1, tmx = i;
while (l <= n) {
while (r <= n) {
if (a[r] - a[l - 1] > tag) break;
r++;
}
if (a[r - 1] - a[l - 1] == tag) tmx = max(tmx, r - l);
else break;
l = r;
}
if (l > n) mi = min(mi, tmx);
}
cout << mi << '\n';
return true;
}
int main() {
std::ios::sync_with_stdio(0), cin.tie(0), cout.tie(0);
int t = 1;
cin >> t;
while (t--) {
if (!solve()) cout << -1 << '\n';
}
return 0;
}
D
题解
知识点：模拟，构造。
模拟这个过程，每次对数组元素分组，组大小从 \(2\) 开始倍增，因为大组交换不会改变组内两边元素相对位置，所以从最小的组开始排序。每组比较先把一组分为两半，因为这两半在上一轮的分组排序一定排序好了，然后把两边第一个元素作为代表元比较大小，每次只交换代表元即可，下一轮比较一定是其中较小的代表元比较。
注意到，无论如何交换，都不能改变原数组两两连续分组后的各个元素的相邻元素 （如 12|34|56|78 ，其中两两元素一定相邻）。因此，如果发现某次交换，一组中两半的代表元差值，不是组大小的一半，那一定无解。
时间复杂度 \(O(m)\)
空间复杂度 \(O(m)\)
代码
#include <bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
int p[300007];
bool solve() {
int m;
cin >> m;
for (int i = 1;i <= m;i++) cin >> p[i];
int cnt = 0;
for (int i = 1;(1 << i) <= m;i++) {
for (int j = 1;j <= m;j += 1 << i) {
if (abs(p[j] - p[j + (1 << i - 1)]) != (1 << i - 1)) return false;
if (p[j] > p[j + (1 << i - 1)]) swap(p[j], p[j + (1 << i - 1)]), cnt++;
}
}
cout << cnt << '\n';
return true;
}
int main() {
std::ios::sync_with_stdio(0), cin.tie(0), cout.tie(0);
int t = 1;
cin >> t;
while (t--) {
if (!solve()) cout << -1 << '\n';
}
return 0;
}
E
知识点：线性dp。
朴素dp，设 \(dp[i]\) 为 \([1,i]\) 是否合法。考虑 \(b[i]\) 时，可以把其放下一段左侧或者是右侧，因此有转移方程：
if (i - b[i] - 1 >= 0) dp[i] |= dp[i - b[i] - 1];
if (i + b[i] <= n) dp[i + b[i]] |= dp[i - 1];
时间复杂度 \(O(n)\)
空间复杂度 \(O(n)\)
题解
代码
#include <bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
int b[200007];
bool dp[200007];
bool solve() {
int n;
cin >> n;
for (int i = 1;i <= n;i++) cin >> b[i], dp[i] = 0;
dp[0] = 1;
for (int i = 1;i <= n;i++) {
if (i - b[i] - 1 >= 0) dp[i] |= dp[i - b[i] - 1];
if (i + b[i] <= n) dp[i + b[i]] |= dp[i - 1];
}
if (dp[n]) cout << "YES" << '\n';
else cout << "NO" << '\n';
return true;
}
int main() {
std::ios::sync_with_stdio(0), cin.tie(0), cout.tie(0);
int t = 1;
cin >> t;
while (t--) {
if (!solve()) cout << -1 << '\n';
}
return 0;
}
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